Urutan berikutnya adalah urutan apa pun yang dapat Anda peroleh dari yang lain dengan menghapus jumlah karakter apa pun. The subsequences non-kosong yang berbeda dari 100yang 0, 1, 00, 10, 100. The subsequences non-kosong yang berbeda dari 1010yang 0, 1, 00, 01, 10, 11, 010, 100, 101, 110, 1010.

Tulis program atau fungsi yang diberi bilangan bulat positif n mengembalikan jumlah akhiran non-kosong yang berbeda dari ekspansi biner n .

Contoh: karena 4berada 100dalam biner, dan kami melihat bahwa ia memiliki lima urutan non-kosong yang berbeda di atas, jadi f(4) = 5. Mulai dari n = 1 , urutan dimulai:

1, 3, 2, 5, 6, 5, 3, 7, 10, 11, 9, 8, 9, 7, 4, 9, 14, 17, 15, 16, 19, 17, 12

Namun, program Anda harus bekerja untuk n < ²⁵⁰ dalam waktu kurang dari satu detik pada mesin modern apa pun. Beberapa contoh besar:

f(1099511627775) = 40
f(1099511627776) = 81
f(911188917558917) = 728765543
f(109260951837875) = 447464738
f(43765644099) = 5941674

Python 3 , 95 byte 83 byte

[-12 byte terima kasih kepada Mr.XCoder :)]

def f(x):
 v=[2,1];c=1
 for i in bin(x)[3:]:k=int(i);c+=v[k];v[1-k]+=v[k]
 return c

Cobalah online!

Catatan tentang algoritme. Algoritma menghitung kenaikan dalam urutan unik yang diberikan oleh bit pada posisi yang diberikan t. Peningkatan untuk bit pertama selalu 1. Algoritma kemudian berjalan di atas urutan bit s (t) dan menambahkan kenaikan v [s (t)]. Pada setiap langkah, kenaikan untuk komplemen dari s (t), v [1 - s (t)] diperbarui ke v [1] + v [0]. Angka terakhir adalah jumlah semua kenaikan.

Ini harus dijalankan di O (log2 (n)), di mana n adalah nomor input.

JavaScript (ES6), 53 51 byte

f=(n,r=~(a=[]))=>n<1?~r:f(n/2,r*2-~~a[n&=1],a[n]=r)

Uji kasus

f=(n,r=~(a=[]))=>n<1?~r:f(n/2,r*2-~~a[n&=1],a[n]=r)

console.log(f(1099511627775))   // 40
console.log(f(1099511627776))   // 81
console.log(f(911188917558917)) // 728765543
console.log(f(109260951837875)) // 447464738
console.log(f(43765644099))     // 5941674

Diformat dan dikomentari

f = (                      // f is a recursive function taking:
  n,                       //   n = integer
  r = ~(                   //   r = last result, initially set to -1
    a = []                 //   and using a[] = last results for 0 and 1,
  )                        //   implicitly initialized to [0, 0]
) =>                       //
  n < 1 ?                  // if n is less than 1:
    ~r                     //   we're done: return -(r + 1)
  :                        // else:
    f(                     //   do a recursive call with:
      n / 2,               //     n / 2
      r * 2 - ~~a[n &= 1], //     updated result = r * 2 - last result for this binary digit
      a[n] = r             //     update last result for this binary digit
    )                      //   end of recursive call

Versi non-rekursif, 63 byte

Disimpan 3 byte berkat @ThePirateBay

s=>[...s.toString(2)].map(l=c=>l[p=r,r=r*2-~~l[c],c]=p,r=1)|r-1

Uji kasus

let f =

s=>[...s.toString(2)].map(l=c=>l[p=r,r=r*2-~~l[c],c]=p,r=1)|r-1

console.log(f(1099511627775))   // 40
console.log(f(1099511627776))   // 81
console.log(f(911188917558917)) // 728765543
console.log(f(109260951837875)) // 447464738
console.log(f(43765644099))     // 5941674

Python 2 , 56 byte

f=lambda x,a=1,b=1:x and f(x/2,a+~x%2*b,x%2*a+b)or a+b-2

Cobalah online!

Mengambil metode dari NofP .

59 byte secara berulang:

x=input()
v=[1,1]
while x:v[x%2]=sum(v);x/=2
print sum(v)-2

Cobalah online!

Jelly , 10 byte

B3;BSṛ¦/’S

Ini menggunakan peningkatan @ xnor ini di @ algoritma NofP ini .

Cobalah online!

Latar Belakang

Biarkan (a ₁ , ..., a _n ) menjadi urutan biner terbatas. Untuk setiap bilangan bulat non-negatif k ≤ n , tentukan o _k sebagai jumlah urutan unik (a ₁ , ..., a _k ) yang kosong atau berakhir pada 1 , z _k sebagai jumlah urutan unik yang kosong atau diakhiri dengan 0 .

Jelas, o ₀ = z ₀ = 1 , karena satu-satunya urutan dari urutan kosong adalah urutan kosong.

Untuk setiap indeks k , jumlah total urutan (a ₁ , ..., a _k ) adalah o _k + z _k - 1 (mengurangi 1 memperhitungkan fakta bahwa baik o _k dan z _k menghitung urutan kosong). Oleh karena itu, total jumlah non-kosong adalah o _k + z _k - 2 . Tantangannya meminta untuk menghitung o _n + z _n - 2 .

Setiap kali k> 0 , kita bisa menghitung o _k dan z _k rekursif. Ada dua kasus:

• a _k = 1

  z _k = z _k-1 , karena (a ₁ , ..., a _k-1 ) dan (a ₁ , ..., a _k-1 , 1) memiliki urutan yang sama yang berakhir dengan 0 .

  Untuk masing-masing o _k - 1 subsequences non-kosong (a ₁ , ..., a _k ) yang berakhir pada 1 , kita dapat menghapus trailing 1 untuk mendapatkan salah satu o _k-1 + z _k-1 - 1 urutan (a ₁ , ..., a _k-1 ) . Sebaliknya, menambahkan sebuah 1 untuk masing-masing yang terakhir o _k-1 + z _k-1 - 1 urutan hasil di salah satu o _k - 1 mantan urutan. Jadi, o _k - 1 = o_k-1 + z_k-1 - 1 dan o _k = o _k-1 + z _k-1 .

• a _k = 0

  Demikian pula dengan kasus sebelumnya, kita memperoleh rumus rekursif o _k = o _k-1 dan z _k = z _k-1 + o _k-1 .

Bagaimana itu bekerja

B3;BSṛ¦/’S  Main link. Argument: n (positive integer)

B           Binary; convert n to base 2.
 3;         Prepend a 3.
   B        Binary; convert all integers in the resulting array to base 2, mapping
            0 to [0], 1 to [1], and the prepended 3 to [1, 1].
       /    Reduce the resulting array by the quicklink to the left, which will be 
            called with left argument [x, y] (integer pair) and right argument [j] 
            (either [0] or [1]).
      ¦     Sparse application.
    S           Compute the sum (x + y) and...
     ṛ          for each index in the right argument (i.e., for j)...
            replace the element of [x, y] at that index with (x + y).
       ’    Decrement both integers in the resulting pair.
        S   Take the sum.

05AB1E , 12 byte

0¸sbvDO>yǝ}O

Cobalah online! Penjelasan: Seperti yang ditunjukkan oleh jawaban lain, jumlah urutan untuk string biner a..y0yang diakhiri dengan 1 sama dengan angka untuk string biner a..y, sedangkan angka yang diakhiri dengan 0adalah jumlah total urutan untuk biner string a..y(yang masing-masing mendapatkan 0akhiran) ditambah satu untuk 0dirinya sendiri. Tidak seperti jawaban lain saya tidak menyertakan urutan kosong karena ini menyimpan byte membangun keadaan awal.

0¸s             Push [0] under the input
   b            Convert the input to binary
    v     }     Loop over the digits
     D          Duplicate the array
      O         Take the sum
       >        Increment
        yǝ      Replace the index corresponding to the binary digit
           O    Take the sum of the final array

Java 8, 97 byte

n->f(n,1,1)long f(long n,long a,long b){return n>0?f(n/2,a+Math.floorMod(~n,2)*b,n%2*a+b):a+b-2;}

Pelabuhan @xnor 's Python 2 answer , yang pada gilirannya merupakan peningkatan dari @NofP 's Python 3 answer .

Coba di sini.

Mungkin itu hal yang baik tag -waktu-terbatas hadir, karena saya awalnya memiliki yang berikut untuk menguatkan semua berikutnya:

import java.util.*;n->p(n.toString(n,2)).size()-1;Set p(String s){Set r=new HashSet();r.add("");if(s.isEmpty())return r;Set q=p(s.substring(1));r.addAll(q);for(Object o:q)r.add(""+s.charAt(0)+o);return r;}

Coba di sini.

Yang juga berhasil, tetapi terlalu lama untuk tiga kasus uji terakhir. Belum lagi itu jauh lebih lama ( 208 204 byte ).

6502 kode mesin (C64), 321 byte

00 C0 20 FD AE A2 00 9D 4F C1 E8 20 73 00 90 F7 9D 4F C1 A0 FF C8 B9 4F C1 D0
FA A2 15 CA 88 30 0A B9 4F C1 29 0F 9D 4F C1 10 F2 A9 00 9D 4F C1 CA 10 F8 A9
00 A0 07 99 64 C1 88 10 FA A0 40 A2 6C 18 BD E4 C0 90 02 09 10 4A 9D E4 C0 E8
10 F2 A2 07 7E 64 C1 CA 10 FA 88 F0 13 A2 13 BD 50 C1 C9 08 30 05 E9 03 9D 50
C1 CA 10 F1 30 D1 A2 0F A9 00 9D 3F C1 CA D0 FA A9 01 8D 3F C1 8D 47 C1 A2 08
CA BD 64 C1 F0 FA A0 09 1E 64 C1 88 90 FA B0 0A CA 30 28 A0 08 1E 64 C1 90 04
A9 47 B0 02 A9 4F 8D AF C0 86 FE A2 F8 18 BD 47 C0 7D 4F C0 9D 47 C0 E8 D0 F4
A6 FE 88 D0 DC F0 D5 A2 F8 BD 47 C0 7D 4F C0 9D 6C C0 E8 D0 F4 AD 64 C1 E9 01
8D 64 C1 A2 F9 BD 6C C0 E9 00 9D 6C C0 E8 D0 F5 A0 15 A9 00 99 4E C1 88 D0 FA
A0 40 A2 13 BD 50 C1 C9 05 30 05 69 02 9D 50 C1 CA 10 F1 0E 64 C1 A2 F9 3E 6C
C0 E8 D0 FA A2 13 BD 50 C1 2A C9 10 29 0F 9D 50 C1 CA 10 F2 88 D0 D1 E0 14 F0
06 E8 BD 4F C1 F0 F6 09 30 99 4F C1 C8 E8 E0 15 F0 05 BD 4F C1 90 F0 A9 00 99
4F C1 A9 4F A0 C1 4C 1E AB

Demo online

Demo online dengan pengecekan kesalahan (346 bytes)

Penggunaan:, sys49152,[n] missys49152,911188917558917 .

Pembatasan waktu dan kasus uji memerlukan solusi untuk menghitung dalam angka 64bit, jadi waktu untuk membuktikan C64 memenuhi syarat sebagai " mesin modern ";)

Tentu saja, ini membutuhkan sedikit kode, OS tidak menyediakan apa pun untuk bilangan bulat yang lebih luas dari 16bit. Bagian yang lumpuh di sini: ini adalah implementasi lain (sedikit dimodifikasi) dari resp algoritma NofP . Varian yang disempurnakan xnor . Terima kasih atas idenya;)

Penjelasan

Berikut daftar pembongkaran yang relevan dari komentar yang melakukan algoritme:

.C:c06c  A2 0F       LDX #$0F           ; 15 bytes to clear
.C:c06e  A9 00       LDA #$00
.C:c070   .clearloop:
.C:c070  9D 3F C1    STA .num_a,X
.C:c073  CA          DEX
.C:c074  D0 FA       BNE .clearloop
.C:c076  A9 01       LDA #$01           ; initialize num_a and num_b
.C:c078  8D 3F C1    STA .num_a         ; to 1
.C:c07b  8D 47 C1    STA .num_b
.C:c07e  A2 08       LDX #$08           ; 8 bytes of input to check,
.C:c080   .findmsb:                     ; start at most significant
.C:c080  CA          DEX
.C:c081  BD 64 C1    LDA .nc_num,X
.C:c084  F0 FA       BEQ .findmsb       ; repeat until non-0 byte found
.C:c086  A0 09       LDY #$09           ; 8 bits to check (+1 for pre dec)
.C:c088   .findbit:
.C:c088  1E 64 C1    ASL .nc_num,X      ; shift left, highest bit to carry
.C:c08b  88          DEY
.C:c08c  90 FA       BCC .findbit       ; bit was zero -> repeat
.C:c08e  B0 0A       BCS .loopentry     ; jump into calculation loop
.C:c090   .mainloop:
.C:c090  CA          DEX                ; next byte
.C:c091  30 28       BMI .done          ; index -1? -> done calculating
.C:c093  A0 08       LDY #$08           ; 8 bits to check
.C:c095   .bitloop:
.C:c095  1E 64 C1    ASL .nc_num,X      ; shift left, highest bit to carry
.C:c098  90 04       BCC .tgt_b         ; if 0, store addition result in num_b
.C:c09a   .loopentry:
.C:c09a  A9 47       LDA #$47
.C:c09c  B0 02       BCS .tgt_a         ; ... else store in num_a ...
.C:c09e   .tgt_b:
.C:c09e  A9 4F       LDA #$4F
.C:c0a0   .tgt_a:
.C:c0a0  8D AF C0    STA $C0AF          ; ... using self-modification.
.C:c0a3  86 FE       STX $FE            ; save byte index
.C:c0a5  A2 F8       LDX #$F8           ; index for adding
.C:c0a7  18          CLC
.C:c0a8   .addloop:
.C:c0a8  BD 47 C0    LDA $C047,X        ; load byte from num_a
.C:c0ab  7D 4F C0    ADC $C04F,X        ; add byte from num_b
.C:c0ae  9D 47 C0    STA $C047,X        ; store to num_a or num_b
.C:c0b1  E8          INX                ; next index
.C:c0b2  D0 F4       BNE .addloop       ; done if index overflown
.C:c0b4  A6 FE       LDX $FE            ; restore byte index
.C:c0b6  88          DEY                ; decrement bit index
.C:c0b7  D0 DC       BNE .bitloop       ; bits left in current byte -> repeat
.C:c0b9  F0 D5       BEQ .mainloop      ; else repeat main loop
.C:c0bb   .done:
.C:c0bb  A2 F8       LDX #$F8           ; index for adding
.C:c0bd   .addloop2:
.C:c0bd  BD 47 C0    LDA $C047,X        ; load byte from num_a
.C:c0c0  7D 4F C0    ADC $C04F,X        ; add byte from num_b
.C:c0c3  9D 6C C0    STA $C06C,X        ; store to nc_num (result)
.C:c0c6  E8          INX                ; next index
.C:c0c7  D0 F4       BNE .addloop2      ; done if index overflown
.C:c0c9  AD 64 C1    LDA .nc_num        ; load least significant result byte
.C:c0cc  E9 01       SBC #$01           ; subtract 2 (1 + negated carry)
.C:c0ce  8D 64 C1    STA .nc_num        ; store least significant result byte
.C:c0d1  A2 F9       LDX #$F9           ; index for subtract
.C:c0d3   .subloop:
.C:c0d3  BD 6C C0    LDA $C06C,X        ; subtract 0 from all other bytes
.C:c0d6  E9 00       SBC #$00           ; for handling carry if necessary
.C:c0d8  9D 6C C0    STA $C06C,X
.C:c0db  E8          INX
.C:c0dc  D0 F5       BNE .subloop       

Sisanya adalah input / output dan mengkonversi antara string dan integer unsigned 64bit (little-endian) menggunakan beberapa algoritma double-dabble. Jika Anda tertarik, inilah keseluruhan sumber rakitan untuk versi dengan pemeriksaan kesalahan - versi "golf" ada di cabang "golf".